题目描述（中等难度）

给一个字符串，输出所有的可能的 ip 地址，注意一下，01.1.001.1 类似这种 0 开头的是非法字符串。

解法一 回溯 递归 DFS

很类似于刚做过的 91 题，对字符串进行划分。这个其实也是划分，划分的次数已经确定了，那就是分为 4 部分。那么就直接用回溯的思想，第一部分可能是 1 位数，然后进入递归。第一部分可能是 2 位数，然后进入递归。第一部分可能是 3 位数，然后进入递归。很好理解，直接看代码理解吧。

解法二 迭代

参考这里，相当暴力直接。因为我们知道了，需要划分为 4 部分，所以我们直接用利用三个指针将字符串强行分为四部分，遍历所有的划分，然后选取合法的解。

  2.     List<String> res = new ArrayList<String>();
  3.     int len = s.length();
  4.     //i < 4 保证第一部分不超过 3 位数
  5.     //i < len - 2 保证剩余的字符串还能分成 3 部分
  6.         for(int j = i+1; j<i+4 && j<len-1; j++){
  7.             for(int k = j+1; k<j+4 && k<len; k++){
  9.                 String s1 = s.substring(0,i), s2 = s.substring(i,j), s3 = s.substring(j,k), s4 = s.substring(k,len);
  10.                 //判断是否合法
  11.                 if(isValid(s1) && isValid(s2) && isValid(s3) && isValid(s4)){
  12.                     res.add(s1+"."+s2+"."+s3+"."+s4);
  13.                 }
  14.         }
  16.     return res;
  17. }
  18. public boolean isValid(String s){
  19.     if(s.length()>3 || s.length()==0 || (s.charAt(0)=='0' && s.length()>1) || Integer.parseInt(s)>255)
  20.         return false;
  21.     return true;

空间复杂度：O（1）。

总

回溯或者说深度优先遍历，经常遇到了。但是解法二的暴力方法竟然通过了，有些意外。另外分享下 discuss 里有趣的评论，哈哈哈哈。

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